Расчет теоретического цикла двигателя
Внутреннего сгорания Задача 2.Воздух с параметрами р1=0,117 Мпа и Т1=301 К поступает в двигатель внутреннего сгорания (ДВС), где он является рабочим телом в теоретическом цикле ДВС со смешанным подводом теплоты. Степень сжатия в цикле e = 14; степень повышения давления - l = 1,4; степень предварительного расширения r = 1,6. Расход газа G0 =0,5 кг/с. Относительный внутренний КПД ήоi= 0,76; механический КПД ήм =0,85; число цилиндров = 8; а также тактность ДВС τтак =4. Низшая теплота сгорания топлива составляет Процессы сжатия и расширения газа принять адиабатными. Определить: термические параметры газа в характерных точках цикла, изменение внутренней энергии, энтальпии, а так же работу, техническую работу и теплоту каждого процесса цикла; работу цикла; подведенную и отведенную в цикле теплоту; среднюю температуру подвода теплоты, среднеиндикаторное давление, термический КПД цикла и сравнить его с термический КПД обратимого цикла Карно для того же интервала температур. Рассчитать теоретическую, индикаторную, эффективную мощности ДВС, удельный эффективный и часовой расходы топлива. Вычислить диаметр цилиндра D двигателя, если принять, что ход поршня Sпор равен диаметру цилиндра. Изобразить теоретический цикл ДВС в Р-V и Т-s диаграммах в масштабе. Показать на диаграммах подведенную и отведенную теплоту цикла, и техническую работу процессов сжатия и расширения. Найти эффективный удельный bе, кг/(кВт ч) и часовой В, кг/ч расход топлива.
Решение Двигатели внутреннего сгорания подразделяют на три группы двигателей. Двигатели, работающие со смешанным подводом теплоты, т.е. часть топлива сгорает при постоянном объеме, а отставшая часть сгорает при постоянном давлении, цикл Тринклера, по этому циклу работают все безкомпрессорные дизеля. (рис. 2.3).
Рис. 2.3. Термодинамический цикл двигателей внутреннего сгорания при смешанном подводе теплоты (цикл Тринклера): а)- на pv- диаграмме; б)- на .Тs- диаграмме. Двигатели, работающие с подводом теплоты при постоянном объеме, т.е. основная часть топлива сгорает при постоянном объеме, цикл Отто, по этому циклу работают все карбюраторные двигатели, т.е. двигатели с внешним смесеобразования горючей смеси;
Рис. 2.4. Термодинамический цикл двигателей внутреннего сгорания с подводом теплоты при постоянном объеме (цикл Отто): а)- на pv- диаграмме; б)- на .Тs- диаграмме.
4
Рис. 2.5.Термодинамический цикл двигателей внутреннего сгорания с подводом теплоты при постоянном давлении (цикл Дизеля): а)- на pv- диаграмме; б)- на Тs- диаграмме. В данной задаче рассматривается цикл Тринклера. Рабочее тело обладает свойствами воздуха (воздух считается двухатомным газом; мольная масса =29 кг/кмоль; газовая постоянная R=287 Дж/(кг×К); изобарная мольная теплоемкость mСр = 29,31 кДж/(кмоль×К); изохорная мольная теплоемкость mСv = 20,93 кДж/(кмоль×К); показатель адиабаты k = 1,4 [Приложение1]). Расчет массовых теплоемкостей воздуха cp и cv cv = mсv / m = 20,93 / 29 = 0,722кДж/(кг×К); cp = mср / m = 29,31 / 29 = 1,01 кДж/(кг×К); Расчет термических параметров (p, v, T) для точек цикла: Точка 1. р1= 0,117 МПа, Т1=301 К. Расчет начального объема v1. v1 = (R T1) / p1 = (287 × 301) / (0,117× 106) = 0,738 м3/ кг. Точка 2. Так как степень сжатия e = v1 / v2=14, то удельный объем v2 = v1 / e = 0,738 /14 = 0,0527 м3/ кг. Расчет давления р2. Из уравнения адиабатного процесса 1 - 2 рассчитываем давления р2 и используя уравнения состояния идеального газа температуру Т2: р2 = p1 (v1 / v2)к = p1 ( e )к = 0,117 × 141,4 = 4,71 МПа; T2 = (р2 × v2) / R = (4,71× 106 × 0,0527) / 287 = 865 К. Точка3. Процесс 2-3 изохорный процесс т.е. v3 = v2 = 0,0527 м3/ кг. Так как степень повышения давления l = р3 / р2=1,4, то р3 = р2 × l = 4,71×1,4 = 6,59 МПа. Так как процесс 2 - 3 изохорный, то Т3 / T2 = P3 / Р2 = l, следовательно Т3 = T2 × l = 865 ×1,4 = 1211 К. Точка 4. Процесс 3-4 изобарный процесс, т.е. р3 = р4 = 6,59 МПа. Степень предварительного расширения = v4 / v3=1,6, то v4 = v3× =0,0527×1,6= 0,0843 м3/ кг. Используя уравнения состояния идеального газа находим температуру Т4: Т4= (р4 × v4) / R = (6,59 × 106 × 0,0843) / 287 = 1938К. Точка 5. Процесс 5 - 1 изохорный, т.е. v5 = v1 = 0,738 м3/ кг. Процесс 4 – 5 адиабатный. Из уравнения адиабатного процесса находим давление р5. р5 = р4 (v4 / v5) k = 6,59× ( 0,0843 / 0,738)1,4 = 0,316 МПа. Температура Т5 находится из уравнения состояния Т5 = (р5 × v5) / R = (0,316 × 106 × 0,738) / 287 = 814 К. РРасчет изменения калорических параметров ( u, i, s). Изменение внутренней энергии производится по формуле, кДж/кг
u = cv× T, u1-2= u2-u1=0,722×(865 – 301)= 407, u2-3 = 250, u3-4=525, u4-5= -812, u5-1=.-370 Изменение энтальпии производится по формуле, кДж/кг
i = cp× T, i1-2= i2-i1=1,01×(865 – 301)= 570 2-3 = 350, i 3-4=734, i 4-5=-1136, i 5-1=.-518 Изменение энтропии производится по формуле, кДж/(кг×К) s = cp×ln (Ti+1 / Ti) - R ln (pi+1 / pi). s1-2= s2-s1=1.01× ln (865 / 301) – 0.287× ln (4.71 / 0.117) =0,00, s 2-3 = 0,25, s 3-4= 0,48, s 4-5=0,00, s 5-1=.-0,73. По результатам расчетов построены рабочая и тепловая диаграммы Расчет работы l, располагаемой работы lp и теплоты q для каждого процесса цикла Процесс 1 - 2 (адиабатный процесс, dq = 0). l1-2 = - u1-2= -407 кДж/ кг; lр1-2 = - i1 =-570 кДж/ кг; q 1-2= 0. Процесс 2 - 3 (изохорный процесс, v3 = v2=0,0527 м3/кг) l2-3 = 0; lр2-3= -v2×( р3- р2)=-0,0527×(6,59-4,71)= 100 кДж/ кг; q 2-3= u2-3 = 250 кДж/ кг. Процесс 3 - 4 (изобарный процесс, р3 = р4=6,59 МПа). L3-4 = р3×( v4- v3) =6,59 ×(0.0843-0,0527) ×103= 263кДж/ кг; lр3-4=0; Q3-4= i3-4 = 734 кДж/ кг Процесс 4- 5 (адиабатный процесс, dq = 0). l4-5 = - u4-5= 812 кДж/ кг; lр4-5 = - i1 =1136 кДж/ кг; q 4-5= 0. Процесс 5 - 1 (изохорный процесс, v5 = v1=0,738 м3/кг). L5-1 = 0; lр5-1= v5×( р5- р1)=0,738×(0,316-0,117)×103 = 148 кДж/ кг; Расчет теплоты подведенной и отведенной в цилиндре ДВС. Подведенная теплота в цикле определяется как сумма поло тельных теплот отдельных процессов цикла. О подводе или отводе теплоты в процессах можно судить так же по изменению энтропии. Если энтропия в процессе увеличивается, то теплота подводиться, если уменьшается, то теплота в процессе отводиться. В данной задаче теплота подводиться в процессах 2-3 и 3-4 q1=q2-3+q3-4= 250+734=984 кДж/ кг. Отведенная теплота в цикле определяется как сумма отрицательных теплот в отдельных процессах, взятых по модулю q2 =|q5-1|= 370 кДж/ кг. .Работа цикла можно рассчитать как сумму работ всех процессов цикла с учетом их знака, или как сумма располагаемых работ всех процессов цикла с учетом их знака или как разность подведенной и отведенной теплоты цикла lц = S li = l1-2 +l2-3 + l3-4 + l4-5+ l5-1= S lрi = lр1-2 +lр2-3 + lр3-4 + lр4-5+ lр5-1, lц = -407 + 0 + 209 + 812 + 0 + =614 кДж/ кг, или lц =q1+q2= 984+250=614 кДж/ кг. Эффективность работы цикла оценивается термическим КПД, который рассчитывается по уравнению t= lц / q1=1- q2 / q1; t= 1- 250 / 984 = 0,624, или t=1- = = 1- =0,624. Термический КПД цикла Карно, работающего в том же интервал температур, что и основной цикл tк= 1- Тмин / Тмак; tк= 1- 301 / 1938 = 0,845, где Тмин и Тмак минимальная и максимальная температура рабочего тела в рассматриваемом цикле. Теоретическая мощность ДВС составляет, кВт Nt = lц×G0= 614×0.5 =307 Индикаторная мощность, то есть мощность, которую развивают газы внутри цилиндров ДВС, составляет Nш = Nt× oi = 307×0.76 =233 кВт Эффективная мощность, то есть мощность, которая снимается с вала двигателя, составляет Ne = Nt× oi× м = 307×0.76×0.85 =198 кВт. Среднеиндикаторное давление представляет собой такое условно- постоянное давление, которое, действуя на поршень ДВС, в течении одного хода совершает работу равную работе газов за весь цикл Рi=Li / Vh = li /(v1- v2) = ( lц × oi ) /(v1- v2); Рi =(614×0.76)/ (0.738 -0.0527) ×103=6.81 ×105 Па. Часовой расход топлива, кг/ч В= 3600 q1×G0×/Qpн= 3600× 984×0,5 /42000 = 42,17
Эффективный удельный расход топлива- это расход топлива на единицу эффективной мощности двигателя bе=B / Ne= 42.17 / 198 = 0.213 кг/ кВт-ч
Для различных типов двигателей эффективный удельный расход топлива bе= 0,50…0,20 кг/ кВт-ч, причем наименьшие показатели эффективного удельного расхода топлива имеют четырехтактные дизеля.
Популярное: Генезис конфликтологии как науки в древней Греции: Для уяснения предыстории конфликтологии существенное значение имеет обращение к античной... Почему стероиды повышают давление?: Основных причин три... Почему двоичная система счисления так распространена?: Каждая цифра должна быть как-то представлена на физическом носителе... ©2015-2024 megaobuchalka.ru Все материалы представленные на сайте исключительно с целью ознакомления читателями и не преследуют коммерческих целей или нарушение авторских прав. (707)
|
Почему 1285321 студент выбрали МегаОбучалку... Система поиска информации Мобильная версия сайта Удобная навигация Нет шокирующей рекламы |