VII. Проверка прочности валов.
Прочность валов проверим по гипотезе наибольших касательных напряжений. Быстроходный вал. Изготовление шестерни предусмотрено вместе с валом. Для материала вал-шестерня предел выносливости при симметричном цикле 0,43 = 0,43 × 730 = 314 МПа. Принимая [n] = 2,3, Кs = 2, Ks = 1 [s4]-1 = (s-1/([n]Кs)) kри = (314/2,3 × ×2)1 = 68,3 МПа. 1. Вычерчиваем схему нагружения быстроходного вала и строим эпюры изгибающих и крутящих моментов. 2. Определяем реакции опор в вертикальной плоскости zOy от сил Fa1 и Fr1 (рис. 2). = 0; Fa1 × 0,5 dm1 – Fr1a1 – YB × c1 = 0; YB = = = – 4,9 Н; = 0; YA× c1 – Fj1 × 0,5 dm1 – Fr (j1 + c1) = 0; YА = = = 150,9 Н;
Проверка: –YB + YA – Fr1 = –49 + 150,9 – 99,2 = 0. б) Определяем реакции опор в горизонтальной плоскости хОz от силы Ft: ΣМА = 0; ХВс1 – Fta1 = 0; XB = Fta1/c1 = 281 × 65/110 = 166 H; ΣМB = 0; –ХAс1 – Ft(a1 + c1) = 0; Проверка: XB + Ft – XA = 166 + 281 – 447 = 0. в) Определяем размер изгибающих моментов в характерных сечениях в плоскости yOz: MA = YВС1 = –49 × 0,11 = –5,39 Н×м; МВ = 0; МС = Fa1 × 0,5dm1 = 24,8 × 0,5 × 0,0612 = 0,76 H×м. Следовательно, MFa,Fr = –5,39 Н×м. В плоскости хOz: МВ = МС = 0; МА = –ХВС1 = –166 × 0,110 = –18,26 Н×м. Следовательно, MFt = –18,26 Н×м. Крутящий момент Т = Т1 = 8,6 Н×м. 2. Вычисляем суммарный изгибающий момент и определяем нормальные напряжения изгиба в опасном сечении А при d = d1IV = 30 мм. sи = Mи/Wx = 32 Mи/(πd3) = 32 × 19/(314(30 × 10–3)3) = 7,2 × 106 Па. 3. Напряжение сжатия от силы Fa1 крайне малы и потому их можно не учитывать. 4. Определяем напряжение кручения в сечении А: τк = Т/Wp = 16T1/(πd3) = 16 × 8,6/(3,14(30 × 10–3)3) = 1,62 × 106 Па. 5. По гипотезе наибольших касательных напряжений находим эквивалентное напряжение и сравниваем его с допускаемым: Тихоходный вал. Для изготовления тихоходного вала принята сталь 40 (термообработка – нормализация), для которой по табл. П3 при d < 100 мм sв = 550 МПа и, следовательно, предел выносливости s–1 » 0,43sв = 0,43 × 550 = 236 МПа. Принимая [n] = 2,3, Кs = 2, kри = 1, вычисляем допускаемое напряжение прибора при симметричном цикле: [sи]–1 = (s–1/([n]Ks)) kри = (236/(2,3 × 2))1 = 51,3 МПа. 1. Вычеркиваем схему нагружения тихоходного вала и строим эпюры изгибающих и крутящих моментов. а) Определяем реакции опор в вертикальной плоскости уОz от сил Fa2 и Fr2: ZMA = 0; Fa2 × 0,5dm2 – Fr2a2 + YB(a2 + c2) = 0;
Проверка: YA – Fr2 – YB = 103,3 – 24,8 – 76,5 = 0. б) Определяем реакции опор в горизонтальной плоскости хОz от силы Ft: ΣMB XB = Fta2/(a2 + c2) = 281 × 42/42 + 103 = 81,4 H; ΣMB = 0; –XA(a2 + c2) + Ftc2 = 0; XA = Ftc2/(a2 + c2) = 281 × 103/42 + 103 = 199,6 H. Проверка: ХА + ХВ – Ft = 199,6 + 81,4 – 281 = 0. в) Определяем размер изгибающих моментов в характерных сечениях А и В: в плоскости yOz: МА = МВ = 0; YB c2 = – 76,5 × 0,103 = –7,9 Н×м. Следовательно, Мmax = MFa, Fr = 7,9 H×м. в плоскости хOz: МА = МВ = 0; Мс = ХАа2 = 199,6 × 0,042 = 8,4 H×м. Следовательно, МFt = 8,4 H×м. Крутящий момент Т = Т2 = 34,4 H×м. 2. Вычисляем суммарный изгибающий момент и определяем термальные напряжения изгиба в опасном сечении С: Так как вал в опасном сечении С ослаблен = 36 мм) шпоночной канавкой, то при расчете следует уменьшить его диаметр на 8…10%. Принимая d = 32 мм, получаем sи = Mи/Wx = 32Mи/(πd3) = 32 × 11,5/(3,14(32 × 10–3)3) = 3,57 × 106 Па. 3. Напряжение сжатия ввиду их малости можно не учитывать. 4. Определяем касательные напряжения кручения в сечении С: τк = Т/Wр = 16Т2/(πd3) = 16 × 34,4/(3,14 × (32 × 10–3)3) = 5,35 × 106 Па. 5. Вычисляем эквивалентное напряжение и сравниваем его с допускаемым:
Популярное: Как выбрать специалиста по управлению гостиницей: Понятно, что управление гостиницей невозможно без специальных знаний. Соответственно, важна квалификация... ©2015-2024 megaobuchalka.ru Все материалы представленные на сайте исключительно с целью ознакомления читателями и не преследуют коммерческих целей или нарушение авторских прав. (194)
|
Почему 1285321 студент выбрали МегаОбучалку... Система поиска информации Мобильная версия сайта Удобная навигация Нет шокирующей рекламы |