Оценка экономичности подобранных сечений
Курсовая работа Тема: Составление теоретической конструкции балки
Содержание 1 Теоретические основы создания балки 2 Создание балки из конкретного металла с заданными характеристиками 3 Другие элементы 4 Расчет нагрузки на элементы 5 Определение размеров рам
Теоретические основы создания балки
Построение эпюр Qy и Mx. Опорные реакции
Σ Yi = 0, RAy –qa+ qa– F =0, Ray = F= 3qa = 50,4кН, Σ ma= 0, – МA+0,5qa2 – 1,5a∙qa – 2qa2 + 3qa∙3a = 0, – МA+0,5qa2 – 1,5qa2 – 2qa2 +9qa2 = 0, – MA = – 6qa2.
Эпюра Qy. Она строится по формуле Q=Q0 ±qz. В данном случае стоит взять знак «минус» для участка балки АВ, (так как погонная нагрузка направлена вниз), и знак «плюс» для участка балки ВС (погонная нагрузка направлена вверх). Поперечная сила постоянна на участке СD (т.к. q=0) и изображается прямой, параллельной оси Оz, на участках АВ и ВС – наклонной прямой (q=const). Вычисляем значения Qy в характерных точках
QA = RAy=3qa, кН, QAB = QA – qa =3qa – qa=2qa , кН, QВС = QAB +qa = 2qa+qa = 3qa, кН, QСD = QВС = 3qa , кН и строим ее эпюру.
Эпюра Мх. Она строится по формуле Мх = М0+Q0z–0,5qz2. Изгибающий момент изменяется по квадратичному закону на участках АВ и ВС (т.к. q=const), и по линейному закону на участке СD (q=0). По значениям момента в характерных точках
MA = – 6qa2, кH∙м, MAB = MA + Ray∙a = – 6qa2 + 3qa2 = – 3qa2, кH∙м, MBC = MAB +2qa∙ a = – 3qa2 + 2qa2 = – qa2, кH∙м, MCD = MBC – 2qa2 = – qa2– 2qa2 = – 3qa2, кH∙м, MF = – 3qa2+ 3qa2=0
строим эпюру Мх. Расчетный изгибающий момент равен Mрас = │ MA │= 6 qa2 = 120,96 кH∙м. Подбор сечений Из условия прочности по нормальным напряжениям σмах=Мрас/Wx≤ [σ] определяем требуемый момент сопротивления поперечного сечения
Wx ≥ Mрас /[σ] = 120,96 ∙103/160∙106 = 756 см3,
по которому подбираем конкретные сечения. Круг: Wx = πd3/32,
= =19,75 см.
Принимаем по ГОСТ 6636-86 нормализованное значение d0 = 200 мм, тогда А1 = π d02/4 = π ∙ 202/4 =314 см2. Прямоугольник (h/b = 2) Wx=b∙(2b)2/6=2b3/3,
b ≥ 3√3 Wx /2 = = 10,43 см.
Ближайшее меньшее значение равно b0=100мм. При этом балка будет работать с перенапряжением, равным
δσ = [(b3-b03)/ b03] ∙100% =[10,433 – 103/ 103] ∙ 100% = 13,46%, что недопустимо. Поэтому принимаем ближайший больший размер b0=105 мм, для которого А2=2b02= 2 ∙ 10,52 = 220,5 см2. Двутавр. По ГОСТ 8239-89 выбираем двутавр №36, для которого Wх=743,0 см3, А3 = 61,9 см2. Два швеллера. По ГОСТ 8240-89 выбираем два швеллера № 30, для которых Wх = 2∙387 = 774 см3, А4 = 2 ∙ 40,5 = 81см2. Неравнобокие уголки. Они находятся подбором, так как в сортаменте не даны значения момента сопротивления. Используя формулу Wx=2Ix/(b – y0), сделаем несколько попыток, выбираем два уголка 250х160х20, для которых Wх = 2∙4987/(25 – 8,31) = 597,6 см3, А5 = 2∙78,5 = 157,0 см2.
Оценка экономичности подобранных сечений Масса балки определяется как произведение плотности материала на ее объем m=ρAl, т.е. расход материала при прочих равных условиях зависит только от площади поперечного сечения А. Сравнивая массы балок: m1 : m2 : m3 : m4 : m5 = A1 : A2 : A3 : A4 : A5 = 1 : 0,7 : 0,2 : 0,26 : 0,5, заключаем, что самым неэкономичным является круглое сечение. При замене круга другими формами (прямоугольник, двутавр, два швеллера, два уголка) достигается экономия, равная соответственно 30%, 80%, 74% и 50%. Исследование напряжений в опорном сечении для балки двутаврового профиля №36, параметры которой по ГОСТ 8239-89 равны: h = 36 см, b = 14,5 см, d = 0,75 см, t = 1,23 см, Ix = 13380 см4, Sx = 423 см3. Внутренние силовые факторы в опорном сечении А: QA= 3qa = 3∙14∙1,2 = 50,4 кН; MA= – 6qa2 = – 6∙14∙1,22 = –120,96 кН∙м. Эпюра σ. Нормальные напряжения в поперечном сечении изменяются по линейному закону σz=(Mx/Ix)y. Вычисляем напряжения в крайних точках
Σmax= σmin = Mx/ Wx = 120,96 ∙103/756∙10-6 = 160 МПа
и строим эпюру σ Эпюра τ. Она строится по формуле Журавского τ= . Находим значения τ в 4 характерных точках по высоте сечения и строим эпюру касательных напряжений.
Определение главных напряжений в точке К (ук=0,4h): – напряжения в поперечном сечении
σк = (МА/IA) ∙YK= (–120,96∙103/13380∙10-8) ∙0,4∙36∙102 = – 130МПа, τK = = 50,4∙103∙ 338∙10-6 /(0,75∙10-2∙13380 ∙10-8) = 17МПа;
– величины главных напряжений σ 1,3 =0,5(σк± )=0,5(–130± ), σ1 = 2,2 МПа; σ3 = – 132,2 МПа – ориентация главных площадок tgα1 = (σ1 – σк)/τk= (2,2 – ( –130))/17 = 7,78;
α1 = 82040′. Экстремальные касательные напряжения равны по величине τmax, min= ±0,5(σ1- σ3)= ±0,5(2,2 + 132,2) = ± 67,2 МПа и действуют на площадках, равнонаклоненным к осям 1 и 3. Графическое определение главных напряжений и положения главных площадок.
Популярное: Как построить свою речь (словесное оформление):
При подготовке публичного выступления перед оратором возникает вопрос, как лучше словесно оформить свою... Как выбрать специалиста по управлению гостиницей: Понятно, что управление гостиницей невозможно без специальных знаний. Соответственно, важна квалификация... Почему люди поддаются рекламе?: Только не надо искать ответы в качестве или количестве рекламы... ©2015-2024 megaobuchalka.ru Все материалы представленные на сайте исключительно с целью ознакомления читателями и не преследуют коммерческих целей или нарушение авторских прав. (321)
|
Почему 1285321 студент выбрали МегаОбучалку... Система поиска информации Мобильная версия сайта Удобная навигация Нет шокирующей рекламы |